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我国清代《本草纲目拾遗》中记叙无机药物335种，其中“强水”条目下写道：“性最烈，能蚀五金……其水甚强，五金八石皆能穿第，惟玻璃可盛。”这里的“强水”是指
A. 氨水 B. 硝酸 C. 醋 D. 卤水
难度: 简单查看答案及解析
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空气污染已成为人类社会面临的重大威胁。下列气体中，不会造成空气污染的是( )。
A. NO2 B. Cl2 C. SO2 D. N2
难度: 简单查看答案及解析
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化学与生产和生活密切相关。下列过程中没有发生化学变化的是
A. 氯气作水杀菌消毒剂
B. 硅胶作袋装食品的干燥剂
C. 二氧化硫作纸浆的漂白剂
D. 氯化铁溶液用于铜制印刷线路板制作
难度: 简单查看答案及解析
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下列物质中属于电解质的是( )
①氢氧化钠 ②硫酸钡 ③铜 ④蔗糖 ⑤二氧化硫
A. ①② B. ①②⑤ C. ③④ D. ①⑤
难度: 中等查看答案及解析
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下列有关物质性质的应用正确的是（ ）
A. 液氨汽化时要吸收大量的热，可用作制冷剂
B. 二氧化硅不与强酸反应，可用石英器皿盛放氢氟酸
C. 生石灰能与水反应，可用来干燥氯气
D. 氯化铝是一种电解质，可用于电解法制铝
难度: 中等查看答案及解析
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下列物质俗名和化学式对应正确的是
A. 石膏 2CaSO4·H2O B. 水玻璃 Na2SiO3
C. 铁红 Fe2O3 D. 明矾 CuSO4·5H2O
难度: 简单查看答案及解析
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既能与盐酸反应，又能与NaOH溶液反应的是
①SiO2②Al(OH)3③NaHCO3④Al2O3⑤Na2CO3
A. 全部 B. ①②④ C. ②④⑤ D. ②③④
难度: 中等查看答案及解析
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既能与盐酸反应，又能与NaOH溶液反应的是
①SiO2②Al(OH)3③NaHCO3④Al2O3⑤Na2CO3
A. 全部 B. ①②④ C. ②④⑤ D. ②③④
【答案】D
【解析】试题①二氧化硅不能盐酸反应，但能和NaOH反应生成硅酸钠，故①错误；②氢氧化铝属于两性氢氧化物，既能与强酸反应也能与强碱反应，故②正确；③碳酸氢钠是弱酸的酸式盐，所以既能与强酸反应也能与强碱反应，故③正确；④氧化铝是两性氢氧化物，既能与强酸反应也能与强碱反应，故④正确；⑤碳酸钠是弱酸的正盐，所以能与强酸反应，但不能与强碱反应，故⑤错误；正确的有②③④，故选D。
【考点定位】考查元素及其化合物的性质
【名师点晴】本题考查元素化合物的性质。旨在考查学生对知识的理解识记与知识归纳，注意基础知识的积累，根据物质间的反应进行判断，中学常见的既能与酸反应又能与碱反应的物质主要有：①两性物质：Al2O3、ZnO、Al（OH）3、Zn（OH）2、氨基酸、蛋白质等；②多元弱酸的酸式盐：NaHCO3、KHS、KHSO3、NaH2PO4等；③弱酸的铵盐及其酸式盐：（NH4）2S、NH4HS、（NH4）2CO3、NH4HCO3、CH3COONH4等；④某些具有两性的金属：Zn、Al等；⑤某些非金属：Si、S等；⑥其它一些物质。如：a、某些盐类物质既与酸反应，又与碱反应；b、个别酸性氧化物SiO2；c、具有还原性的无氧酸：H2S、HI等与氧化性酸反应、与碱反应；d、具有氧化性酸：浓H2SO4、HNO3等与还原性酸反应、与碱反应。
【题型】单选题
【结束】
9在无色强酸性溶液中，下列各组离子能够大量共存的是( )
A. Cl -、Na+、NO3-、Ca2+ B. NH4+、HCO3-、Cl-、K+
C. K+、Ba2+、Cl-、SO42- D. Cu2+、NH4+、I-、Cl-
难度: 简单查看答案及解析
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在无色强酸性溶液中，下列各组离子能够大量共存的是( )
A. Cl -、Na+、NO3-、Ca2+ B. NH4+、HCO3-、Cl-、K+
C. K+、Ba2+、Cl-、SO42- D. Cu2+、NH4+、I-、Cl-
【答案】A
【解析】
A、Cl-、Na+、NO3-、Ca2+在溶液中不反应，均是无色的，可以大量共存，A正确；B、在酸性溶液中HCO3-不能大量共存，B错误；C、Ba2+与SO42-在溶液中不能大量共存，C错误；D、Cu2+在溶液中显蓝色，且能氧化I-不能大量共存，D错误，答案选A。
点睛：掌握离子间发生的化学反应是解答的关键，注意离子间不能共存，是指不能大量共存，例如氢离子与氢氧根子在溶液中不能大量共存，但只要是水溶液，就一定同时存在氢离子和氢氧根离子。选项D中注意铜离子也具有氧化性，能氧化还原性较强的碘离子生成单质碘和碘化亚铜。
【题型】单选题
【结束】
10下列类比关系正确的是 ( )。
A. AlCl3与过量NaOH溶液反应生成AlO2－，则与过量NH3·H2O也生成AlO2－
B. Na2O2与CO2反应生成Na2CO3和O2，则与SO2反应可生成Na2SO3和O2
C. Fe与Cl2反应生成FeCl3，则与I2反应可生成FeI3
D. Al与Fe2O3能发生铝热反应，则与MnO2也能发生铝热反应
难度: 简单查看答案及解析
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下列类比关系正确的是 ( )。
A. AlCl3与过量NaOH溶液反应生成AlO2－，则与过量NH3·H2O也生成AlO2－
B. Na2O2与CO2反应生成Na2CO3和O2，则与SO2反应可生成Na2SO3和O2
C. Fe与Cl2反应生成FeCl3，则与I2反应可生成FeI3
D. Al与Fe2O3能发生铝热反应，则与MnO2也能发生铝热反应
【答案】D
【解析】
AlCl3与过量NH3·H2O只能生成Al(OH)3沉淀，A项错误；二氧化硫具有较强还原性，与过氧化钠反应生成Na2SO4，B项错误；I2的氧化性较弱，只能将铁氧化为FeI2，C项错误；金属铝一般能和活泼性较弱的金属氧化物发生铝热反应，D项正确。
【题型】单选题
【结束】
11下列对实验现象的预测不正确的是( )
A. 向Na2SiO3溶液中通入CO2，溶液变浑浊，继续通CO2至过量，浑浊消失
B. 向氢氧化铁胶体中滴加盐酸至过量，开始有沉淀出现，后来沉淀又溶解
C. 向Ca(ClO)2溶液中通入CO2，溶液变浑浊，再加入品红溶液，红色褪去
D. 向Ca(OH)2溶液中通入CO2，溶液变浑浊，继续通CO2至过量，浑浊消失，再加入过量NaOH溶液，溶液又变浑浊
难度: 困难查看答案及解析
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下列对实验现象的预测不正确的是( )
A. 向Na2SiO3溶液中通入CO2，溶液变浑浊，继续通CO2至过量，浑浊消失
B. 向氢氧化铁胶体中滴加盐酸至过量，开始有沉淀出现，后来沉淀又溶解
C. 向Ca(ClO)2溶液中通入CO2，溶液变浑浊，再加入品红溶液，红色褪去
D. 向Ca(OH)2溶液中通入CO2，溶液变浑浊，继续通CO2至过量，浑浊消失，再加入过量NaOH溶液，溶液又变浑浊
【答案】A
【解析】
试题碳酸的酸性强于硅酸的，则A中生成的沉淀是硅酸，继续通入CO2，硅酸不会溶解，A不正确；B中氢氧化铁胶体遇到电解质会发生聚沉，生成氢氧化铁沉淀。继续加入盐酸，盐酸和氢氧化铁发生中和反应而溶解，B正确；C中碳酸的酸性强于次氯酸，所以向Ca(ClO)2溶液中通入CO2，有次氯酸生成。次氯酸具有强氧化性，能使品红溶液褪色，C正确；D中首先生成白色沉淀碳酸钙，继续通入CO2，，则碳酸钙溶解生成碳酸氢钙。碳酸氢钙能和氢氧化钠溶液反应生成白色沉淀碳酸钙，D正确，答案选A。
考点：考查化学实验原理以及化学反应的有关判断
点评：该题是高考中的常见题型，属于中等难度的试题。试题综合性强，贴近高考，难易适中，有利于激发学生的学习兴趣，增强学生的学习动力。
【题型】单选题
【结束】
12若NA表示阿伏加德罗常数，下列说法中，正确的是
A．1 mol Cl2作为氧化剂得到的电子数为NA
B．在0 ℃，101 kPa时，22.4 L氢气中含有NA个氢原子
C．25 ℃，1.01×105 Pa，64 g SO2中含有的原子数为3 NA
D．NA个一氧化碳分子和0.5 mol甲烷的质量比为7∶4
难度: 中等查看答案及解析
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若NA表示阿伏加德罗常数，下列说法中，正确的是
A．1 mol Cl2作为氧化剂得到的电子数为NA
B．在0 ℃，101 kPa时，22.4 L氢气中含有NA个氢原子
C．25 ℃，1.01×105 Pa，64 g SO2中含有的原子数为3 NA
D．NA个一氧化碳分子和0.5 mol甲烷的质量比为7∶4
【答案】C
【解析】
试题A．1 mol Cl2作为氧化剂得到的电子数为2NA，错误；B．0℃，101 kPa时，22.4 L氢气中含有2NA个氢原子，错误；C．64 g SO2的物质的量为1mol，含有的原子数为3 NA，正确；D．；NA个一氧化碳分子和0.5 mol甲烷的质量比为7∶2，错误。
【考点定位】阿伏伽德罗常
本题考查阿伏加德罗常数的有关计算，难度不大，有关阿伏加德罗常数的考查，要充分考虑物质所处的外界条件、物质本身的状态,以及物质特定的组成等
【题型】单选题
【结束】
13某化合物由两种单质直接反应生成，将其加入Ba(HCO3)2溶液中同时有气体和沉淀产生。下列化合物中符合上述条件的是
A. AlCl3 B. Na2O
C. FeCl2 D. SiO2
难度: 困难查看答案及解析
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某化合物由两种单质直接反应生成，将其加入Ba(HCO3)2溶液中同时有气体和沉淀产生。下列化合物中符合上述条件的是
A. AlCl3 B. Na2O
C. FeCl2 D. SiO2
【答案】A
【解析】
A、AlCl3可由Al与Cl2反应制得，将AlCl3加入Ba(HCO3)2溶液中生成CO2 气体和Al(OH)3沉淀，选项A正确；B、Na2O 加入Ba(HCO3)2溶液中只产生碳酸钡沉淀而没有气体产生，选项B错误；C、Fe 与Cl2 反应生成FeCl3，选项C错误；D、SiO2 与Ba(HCO3)2不反应，选项D错误。答案选项A
【题型】单选题
【结束】
14在给定的条件下，下列选项所示的物质间转化均能实现的是
A.
B.
C.
D.
难度: 中等查看答案及解析
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在给定的条件下，下列选项所示的物质间转化均能实现的是
A.
B.
C.
D.
【答案】B
【解析】
试题A．氨气催化氧化生成一氧化氮，一氧化氮不能与氢氧化钠反应，错误；B．氧化铁能够与金属铝发生铝热反应，生成铁，铁在氯气中燃烧生成氯化铁，正确；C．二氧化硅不溶于水，错误；D．蔗糖不具有还原性，不能与氢氧化铜反应，错误；故选B。
考点：考查了物质的性质和转化的相关知识。
【题型】单选题
【结束】
15在探究新制饱和氯水成分的实验中，下列根据实验现象得出的结论不正确的是
A. 氯水的颜色呈浅绿色，说明氯水中含有Cl2
B. 向氯水中滴加硝酸酸化的AgNO3溶液，产生白色沉淀，说明氯水中含有Cl－
C. 向氯水中加入NaHCO3粉末，有气泡产生，说明氯水中含有H＋
D. 向FeCl2溶液中滴加氯水，溶液颜色变成棕黄色，说明氯水中含有HClO
难度: 中等查看答案及解析
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在探究新制饱和氯水成分的实验中，下列根据实验现象得出的结论不正确的是
A. 氯水的颜色呈浅绿色，说明氯水中含有Cl2
B. 向氯水中滴加硝酸酸化的AgNO3溶液，产生白色沉淀，说明氯水中含有Cl－
C. 向氯水中加入NaHCO3粉末，有气泡产生，说明氯水中含有H＋
D. 向FeCl2溶液中滴加氯水，溶液颜色变成棕黄色，说明氯水中含有HClO
【答案】D
【解析】
试题A、氯气是黄绿色气体，因此氯水的颜色呈浅绿色，说明氯水中含有Cl2，A正确；B、向氯水中滴加硝酸酸化的AgNO3溶液，产生白色沉淀，白色沉淀是氯化银，这说明氯水中含有Cl－，B正确；C、向氯水中加入NaHCO3粉末，有气泡产生，气体是CO2，这说明氯水中含有H＋，C正确；D、向FeCl2溶液中滴加氯水，溶液颜色变成棕黄色，说明反应中有氯化铁生成。由于氯气也能把氯化亚铁氧化生成氯化铁，因此不能说明氯水中含有HClO，D不正确，答案选D。
考点：考查氯水性质、成分以及实验探究的有关判断
【题型】单选题
【结束】
16下列有关物质检验的实验结论正确的是
选项
实 验 操 作 及 现 象
实 验 结 论
A
向某溶液中加入盐酸酸化的氯化钡溶液，有白色沉淀生成
该溶液中一定含有SO42－
B
向某溶液中加入2滴KSCN溶液，溶液不显红色。再向溶液中加入几滴新制的氯水，溶液变为红色
该溶液中一定含有
Fe2+
C
将某气体通入品红溶液中，品红溶液褪色
该气体一定是SO2
D
某钾盐溶于盐酸，产生能使澄清石灰水变浑浊的无色无味气体
该钾盐是K2CO3
A. A B. B C. C D. D
难度: 中等查看答案及解析
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下列有关物质检验的实验结论正确的是
选项
实 验 操 作 及 现 象
实 验 结 论
A
向某溶液中加入盐酸酸化的氯化钡溶液，有白色沉淀生成
该溶液中一定含有SO42－
B
向某溶液中加入2滴KSCN溶液，溶液不显红色。再向溶液中加入几滴新制的氯水，溶液变为红色
该溶液中一定含有
Fe2+
C
将某气体通入品红溶液中，品红溶液褪色
该气体一定是SO2
D
某钾盐溶于盐酸，产生能使澄清石灰水变浑浊的无色无味气体
该钾盐是K2CO3
A. A B. B C. C D. D
【答案】B
【解析】
白色沉淀可能为AgCl；产生的气体能使澄清石灰水变浑浊，气体为二氧化碳或二氧化硫；先加入硫氰化钾溶液，溶液不显示红色，说明溶液中不存在铁离子，再加入具有氧化性的氯水，溶液变成红色，说明原溶液中一定存在亚铁离子；能使品红褪色的气体不一定为SO2；产生的气体能使澄清石灰水变浑浊，气体为二氧化碳或二氧化硫。
白色沉淀也可能为AgCl，若先加盐酸排除干扰，不生成沉淀，再加氯化钡生成沉淀，则溶液中一定含有SO42-，A错误；向某溶液中加入2滴KSCN溶液，溶液不显红色，说明溶液中不存在铁离子；再向溶液中加入几滴新制的氯水，溶液变为红色，说明加入氯水后溶液中出现了铁离子，证明原溶液中一定含有Fe2+，B正确；能使品红褪色的气体不一定为SO2，也可能为其它强氧化性气体，如氯气、臭氧等，C错误；产生的气体能使澄清石灰水变浑浊，气体可能为二氧化碳或二氧化硫，则溶液中可能含有CO32-、HCO3-，或SO32-、HSO3-，D错误。
【点睛】
本题考查化学实验方案的评价，侧重分析与实验能力的考查，注意实验的评价性分析，把握常见离子的检验、物质的性质、气体的检验等为解答的关键。
【题型】单选题
【结束】
17在铜与浓硫酸的反应中，如果转移0.4mol电子，则被还原的硫酸物质的量
A. 0.4mol B. 0.2mol
C. 小于0.4mol D. 小于0.2 mol
难度: 困难查看答案及解析
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在铜与浓硫酸的反应中，如果转移0.4mol电子，则被还原的硫酸物质的量
A. 0.4mol B. 0.2mol
C. 小于0.4mol D. 小于0.2 mol
【答案】B
【解析】
铜与浓硫酸的反应中，铜元素化合价升高，失去电子，硫元素化合价降低，得到电子，得失电子总数是相等的，均为0.4mol。
Cu和浓硫酸反应方程式为Cu+2H2SO4（浓）
CuSO4+SO2↑+2H2O，由方程式可知，1mol硫酸被还原时转移电子物质的量=1mol×（6-4）=2mol，所以如果电子转移0.4mol，则被还原的硫酸的物质的量0.2mol，答案选B。【点睛】
本题考查氧化还原反应的计算，侧重考查分析计算能力，知道作氧化剂的浓硫酸和转移电子的关系，明确浓硫酸的作用是解本题关键。
【题型】单选题
【结束】
18下列离子方程式书写正确的是
A. 向Fe(OH)3中加入氢碘酸：Fe(OH)3+3H+＝Fe3++3H2O
B. NH4HSO3溶液与足量的NaOH溶液混合加热：NH4＋＋HSO3－＋2OH－
NH3↑＋SO32－＋2H2OC. 酸性条件下KIO3溶液与KI溶液发生反应生成I2：IO3－＋5I－＋3H2O＝3I2＋6OH－
D. 向FeO中加入稀硫酸：2FeO + 8H+ + SO42－ =2Fe3+ + SO2 ↑+ 4H2O
难度: 中等查看答案及解析
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下列离子方程式书写正确的是
A. 向Fe(OH)3中加入氢碘酸：Fe(OH)3+3H+＝Fe3++3H2O
B. NH4HSO3溶液与足量的NaOH溶液混合加热：NH4＋＋HSO3－＋2OH－
NH3↑＋SO32－＋2H2OC. 酸性条件下KIO3溶液与KI溶液发生反应生成I2：IO3－＋5I－＋3H2O＝3I2＋6OH－
D. 向FeO中加入稀硫酸：2FeO + 8H+ + SO42－ =2Fe3+ + SO2 ↑+ 4H2O
【答案】B
【解析】
Fe（OH）3具有氧化性、I—具有还原性，二者反应生成I2和Fe2+；NaOH溶液电离出的OH-，既与NH4+反应，又与HSO3-反应；酸性条件下溶液中不存在OH－；向FeO中加入稀硫酸，发生复分解反应。
Fe（OH）3具有氧化性、I-具有还原性，二者反应生成I2和Fe2+，离子方程式为2Fe（OH）3+2I-+6H+=2Fe2++6H2O+I2，A错误；NH4HSO3溶液与足量的NaOH溶液混合加热，足量的NaOH溶液电离出的OH-，既与NH4+反应，又与HSO3-反应，方程式符合客观事实，化学式书写正确，电荷和原子都守恒，B正确；酸性条件下KIO3溶液与KI溶液发生反应生成I2，正确的离子方程式为：IO3-+5I-+6H+=3I2+3H2O，C错误；向FeO中加入稀硫酸， FeO与稀硫酸反应生成硫酸亚铁和水，D错误。本题选B。
【点睛】
题考查了离子方程式的书写，明确物质的性质、离子方程式书写规则即可解答，注意掌握离子方程式正误判断常用方法：检查反应能否发生，检查反应物、生成物是否正确，检查各物质拆分是否正确，如难溶物、弱电解质等需要保留化学式，检查是否符合原化学方程式等。
【题型】单选题
【结束】
19为鉴别K2CO3和NaHCO3两种白色固体，有4位同学分别设计了四种不同的方法，其中不可行的是
A. 分别配成1mol/L的溶液，各取1mL滴加1滴酚酞试液，比较颜色深浅
B. 分别取样在试管中加热，将可能产生的气体通入澄清石灰水，观察有无白色浑浊
C. 分别取样配成溶液，滴加Ba(OH)2溶液，观察有无白色沉淀
D. 分别配成溶液，用铂丝蘸取溶液在酒精灯火焰上灼烧，观察火焰的颜色（必要时可透过蓝色钴玻璃）
难度: 中等查看答案及解析
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为鉴别K2CO3和NaHCO3两种白色固体，有4位同学分别设计了四种不同的方法，其中不可行的是
A. 分别配成1mol/L的溶液，各取1mL滴加1滴酚酞试液，比较颜色深浅
B. 分别取样在试管中加热，将可能产生的气体通入澄清石灰水，观察有无白色浑浊
C. 分别取样配成溶液，滴加Ba(OH)2溶液，观察有无白色沉淀
D. 分别配成溶液，用铂丝蘸取溶液在酒精灯火焰上灼烧，观察火焰的颜色（必要时可透过蓝色钴玻璃）
【答案】C
【解析】
K2CO3水解程度比NaHCO3大，溶液碱性较强；NaHCO3不稳定，加热易分解；K2CO3和NaHCO3均与氢氧化钡反应生成碳酸钡白色沉淀， K元素和Na元素的焰色反应现象不同。
K2CO3水解程度比NaHCO3大，溶液碱性较强，可滴加酚酞检验，碳酸钾溶液颜色较深，A正确；NaHCO3不稳定，加热易分解，生成二氧化碳气体，可通入澄清石灰水，观察有无白色浑浊，B正确；K2CO3和NaHCO3均与氢氧化钡反应生成碳酸钡白色沉淀，现象相同，不能鉴别，故C错误；二者分别含有K元素、Na元素，焰色反应现象不同，通过焰色反应可以判断，故D正确。
故选C。
【点睛】
本题考查物质的鉴别的方案设计，把握正盐和酸式盐性质的异同是解题关键。
【题型】单选题
【结束】
20硅及其化合物在材料领域中应用广泛。下列叙述中，正确的是( )
A. 晶体硅是良好的半导体材料
B. 硅是地壳中含量最多的元素
C. SiO2不溶于水，也不溶于任何酸
D. 用带玻璃瓶塞的试剂瓶盛放NaOH溶液
难度: 中等查看答案及解析
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硅及其化合物在材料领域中应用广泛。下列叙述中，正确的是( )
A. 晶体硅是良好的半导体材料
B. 硅是地壳中含量最多的元素
C. SiO2不溶于水，也不溶于任何酸
D. 用带玻璃瓶塞的试剂瓶盛放NaOH溶液
【答案】A
【解析】试题A晶体硅常常用来制作半导体材料。B中，地壳中含量最多的元素是氧。C中二氧化硅会与氢氟酸反应，故二氧化硅能够溶于氢氟酸。D中氢氧化钠会与玻璃反应生成具有粘性的硅酸钠，导致盖子无法打开。
考点：重点考查硅的化学性质。
【题型】单选题
【结束】
21下列叙述中正确的是
A. 能使润湿的淀粉-KI试纸变成蓝色的物质一定是Cl2
B. 用硝酸酸化的硝酸银溶液能一次鉴别NaCl、NaBr、KI三种失去标签的溶液
C. 向某溶液中加入CCl4，CCl4层显紫色，证明原溶液中存在I-
D. 某浅黄色的溴水，加CCl4振荡静置后，上层显橙红色
难度: 简单查看答案及解析
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下列叙述中正确的是
A. 能使润湿的淀粉-KI试纸变成蓝色的物质一定是Cl2
B. 用硝酸酸化的硝酸银溶液能一次鉴别NaCl、NaBr、KI三种失去标签的溶液
C. 向某溶液中加入CCl4，CCl4层显紫色，证明原溶液中存在I-
D. 某浅黄色的溴水，加CCl4振荡静置后，上层显橙红色
【答案】B
【解析】A、试纸变蓝，产生碘单质，说明此物质具有氧化性，可能是Cl2、O2、O3等，故A错误；B、分别生成AgCl、AgBr、AgI沉淀，沉淀颜色分别是白色、淡黄色、黄色，因此可以一次鉴别三种溶液，故B正确；C、I2易溶于有机溶剂，不是I－，故C错误；D、四氯化碳的密度大于水，利用溴单质易溶于四氯化碳，因此下层显橙红色，故D错误。
【题型】单选题
【结束】
2211.2g Fe加入一定量的HNO3充分反应后，生成Fe2+、Fe3+的物质的量之比为1:4，将生成的气体与一定量的O2混合后通入水中，最后无气体剩余，则通入的氧气的物质的量是
A. 0.12mol B. 0.14mol
C. 0.2mol D. 0.13mol
难度: 困难查看答案及解析
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11.2g Fe加入一定量的HNO3充分反应后，生成Fe2+、Fe3+的物质的量之比为1:4，将生成的气体与一定量的O2混合后通入水中，最后无气体剩余，则通入的氧气的物质的量是
A. 0.12mol B. 0.14mol
C. 0.2mol D. 0.13mol
【答案】B
【解析】
铁与硝酸反应生成Fe2+、Fe3+和氮的氧化物，氮的氧化物与一定量的O2混合后通入水中，最后无气体剩余，说明氮的氧化物与O2完全反应生成硝酸，铁还原硝酸的量与生成硝酸的量相同，即铁失去电子的数目与O2得到电子数目相同，据此计算。
由题意可知，铁还原硝酸的量与氮的氧化物与O2完全反应生成硝酸的量相同，即铁失去电子的数目与O2得到电子数目相同。11.2gFe的物质的量为0.2mol,Fe全部溶解,生成Fe2+和Fe3+的物质的量之比为1:4,所Fe2+的物质的量为0.04mol,Fe3+的物质的量为0.16mol,共失去电子为0.04mol×2+0.16mol×3=0.56mol，由得失电子守恒，O2得到电子的物质的量为0.56mol,所以O2的物质的量为0.56mol/4=0.14mol，故选B。
【点睛】
本题考查铁和硝酸反应的有关计算，该题的关键是在明确反应原理的基础上灵活运用电子得失守恒。
【题型】单选题
【结束】
2310mLNO、CO2的混合气体通过足量的Na2O2后，气体的体积变为5mL（相同状况），则CO2和NO的体积比不可能为
A. 1∶1 B. 1∶2
C. 2∶1 D. 3∶2
难度: 困难查看答案及解析
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10mLNO、CO2的混合气体通过足量的Na2O2后，气体的体积变为5mL（相同状况），则CO2和NO的体积比不可能为
A. 1∶1 B. 1∶2
C. 2∶1 D. 3∶2
【答案】B
【解析】
NO、CO2的混合气体通过足量的Na2O2发生反应有2Na2O2+2CO2═2Na2CO3+O2、2NO+O2═2NO2，问题的关键在于NO与氧气反应存在着三种可能性，一种情况是恰好反应，一种情况是NO过量，另一种情况可能是O2过量，据此讨论计算。
NO、CO2的混合气体通过足量的Na2O2发生反应有（1）2Na2O2+2CO2═2Na2CO3+O2、（2）2NO+O2═2NO2，假设参加反应的CO2为x mL，NO为ymL，则x+y=10，由方程式得以下关系：
①2CO2 + 2Na2O2 = 2Na2CO3 + O2
2mL 1mL
xmL
mL②2NO + O2 = 2NO2
2mL 1mL 2mL
ymL
mL当反应②恰好反应时，即当y=x时（此时x、y都等于5），生成的NO2的体积为5mL，显然符合题意，A正确；当y＞x时，NO有过量，O2反应完，此时反应掉的NO为xmL，则剩余的NO为（ymL-xmL），生成的NO2气体为xmL，因此反应最后得到的混合气体为NO和NO2，其体积和为（ymL-xmL）+xmL=ymL，结合x+y=10，再根据NO过量的前提条件为y＞x，可以得出结论y＞5，这与题意“气体体积缩小为5mL”不符，B错误；当y＜x时，NO不足，O2过量，此时反应掉的O2为
mL，剩余的O2为（—）mL，生成的NO2气体为ymL，因此，反应最后得到的混合气体为O2和NO2，其体积和为：（—）mL+ymL=5mL，这与题意“气体体积缩小为5mL”符合，这表明如果y＜x，这种情况都能符合题意，C、D正确，故选B。【点睛】
本题考查混合物的有关计算，属于讨论型计算，侧重对综合能力的考查，确定反应可能的情况是解答的关键。
【题型】单选题
【结束】
24在一定温度和压强下，将一支容积为21mL的试管充满NO2后，倒置于一个盛水的水槽中，当试管内液面上升一定高度不再变化时，在相同条件下再通入O2，若要使试管内的液面仍保持在原高度，则通入O2的体积为
A. 8.75mL B. 12.25mL
C. 5.25mL D. 10.5mL
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在一定温度和压强下，将一支容积为21mL的试管充满NO2后，倒置于一个盛水的水槽中，当试管内液面上升一定高度不再变化时，在相同条件下再通入O2，若要使试管内的液面仍保持在原高度，则通入O2的体积为
A. 8.75mL B. 12.25mL
C. 5.25mL D. 10.5mL
【答案】B
【解析】
二氧化氮和水反应的方程式为：3NO2+H2O=2HNO3+NO，一氧化氮和水反应生成二氧化氮，二氧化氮又和水反应生成硝酸和一氧化氮，当充入的氧气少量时，剩余的气体是一氧化氮，液面上升，NO与通入的氧气恰好反应时，溶液充满整个试管，当充入的氧气过量时，液面下降，若要使试管内液面仍保持在原高度，剩余的气体是氧气，等于生成NO的体积。
根据3NO2+H2O=2HNO3+NO知，将一容积21ml的试管充满NO2后，倒置于一个盛水的水槽中,当试管内液面上升至一定高度不再变化时，生成的一氧化氮的体积是二氧化氮的
1/3为7mL；当充入的氧气少量时，剩余的气体是一氧化氮，液面上升，NO与通入的氧气恰好反应时，溶液充满整个试管，则由方程式4NO+3O2+2H2O=4HNO3可知O2为21/4ml，当充入的氧气过量时，液面下降，若要使试管内液面仍保持在原高度，剩余的气体是氧气，等于生成NO的体积为7mL，故通入的氧气的体积=7mL+21/4mL=12.25mL,故选B。
【点睛】
本题考查氮的氧化物性质、根据方程式计算的计算等，清楚发生的反应是解题关键，注意利用总反应方程式进行的解答。
【题型】单选题
【结束】
25铜与一定量浓硝酸恰好完全反应，得到硝酸铜溶液和NO2、N2O4、NO的混合气体，将这些气体与0.84LO2（标准状况）混合后通入水中，所有气体完全被水吸收生成硝酸，若向所得硝酸铜溶液中加入5mol/L NaOH溶液至Cu2+恰好完全沉淀，消耗NaOH溶液的体积是
A. 60mL B. 45mL
C. 30mL D. 15mL
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CuSO4+SO2↑+2H2O，由方程式可知，1mol硫酸被还原时转移电子物质的量=1mol×（6-4）=2mol，所以如果电子转移0.4mol，则被还原的硫酸的物质的量0.2mol，答案选B。
NH3↑＋SO32－＋2H2O
mL
mL，剩余的O2为（
2Na＋Cl2↑2NH4Cl+Ca(OH)2
CaCl2+2NH3↑+2H2O碱小Al3++3NH3·H2O = Al(OH)3↓+3NH4+溴的沸点较低，易挥发5NaBr+NaBrO3+3H2SO4＝3Na2SO4+3Br2+3H2O
2Na＋Cl2↑。（3）实验室用消石灰与氯化铵共热的方法制备氨气，消石灰与氯化铵共热生成氯化钙、氨气和水，反应的化学方程式为：2NH4Cl+Ca(OH)2
2SO3
