已知点是平行四边形所在平面外一点,如果,,.(1)求证:是平面的法向量;
(2)求平行四边形的面积.
【答案】(1)证明见解析;(2).
【解析】试题分析:
(1)由题意结合空间向量数量积的运算法则计算可得,.则,,结合线面垂直的判断定理可得平面,即是平面的法向量.
(2)利用平面向量的坐标计算可得,,,则,,.
(1)∵,
.
∴,,又,∴平面,
∴是平面的法向量.
(2)∵ ,,
∴,
∴,
故, .
【题型】解答题
【结束】
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(1)求圆心在直线上,且与直线相切于点的圆的方程;
(2)求与圆外切于点且半径为的圆的方程.
高三数学解答题中等难度题
已知点是平行四边形所在平面外一点,如果,,.(1)求证:是平面的法向量;
(2)求平行四边形的面积.
【答案】(1)证明见解析;(2).
【解析】试题分析:
(1)由题意结合空间向量数量积的运算法则计算可得,.则,,结合线面垂直的判断定理可得平面,即是平面的法向量.
(2)利用平面向量的坐标计算可得,,,则,,.
(1)∵,
.
∴,,又,∴平面,
∴是平面的法向量.
(2)∵ ,,
∴,
∴,
故, .
【题型】解答题
【结束】
19
(1)求圆心在直线上,且与直线相切于点的圆的方程;
(2)求与圆外切于点且半径为的圆的方程.
高三数学解答题中等难度题查看答案及解析
如图所示,平面,点在以为直径的上,,,点为线段的中点,点在弧上,且.
(1)求证:平面平面;
(2)求证:平面平面;
(3)设二面角的大小为,求的值.
【答案】(1)证明见解析;(2)证明见解析;(3).
【解析】试题分析:
(1)由△ABC中位线的性质可得,则平面.由线面平行的判断定理可得平面.结合面面平行的判断定理可得平面.
(2)由圆的性质可得,由线面垂直的性质可得,据此可知平面.利用面面垂直的判断定理可得平面平面.
(3)以为坐标原点,所在的直线为轴,所在的直线为轴,建立空间直角坐标系.结合空间几何关系计算可得平面的法向量,平面的一个法向量,则.由图可知为锐角,故.
(1)证明:因为点为线段的中点,点为线段的中点,
所以,因为平面,平面,所以平面.
因为,且平面,平面,所以平面.
因为平面,平面,,
所以平面平面.
(2)证明:因为点在以为直径的上,所以,即.
因为平面,平面,所以.
因为平面,平面,,所以平面.
因为平面,所以平面高三数学解答题中等难度题查看答案及解析
(本小题满分12分)在四棱柱中,,底面为菱形,,已知.
(1)求证:平面平面;
(2)求点到平面的距离.
【答案】(1)见解析;(2).
【解析】
(1)要证平面平面,即证平面,而可由菱形的性质得到,又由底面,得到底面,进而得到,从而使问题得证;(2)取的中点,连接,,过作的垂线,可知为点到平面的距离,从而通过解直角三角形求得的长.
(1)依题意, 因为四棱柱中,底面,
所以底面.
又底面,所以.
因为为菱形,所以,而,所以平面.
又底面,所以平面平面.
(2)取的中点,连接,,则,,故,
过作的垂线,易证,即为点到平面的距离.
在直角三角形中,,,,
所以,即点到平面的距离为.
考点:1、空间直线与平面的垂直的判定与性质;2、空间平面与平面垂直的判定;3、点到平面的距离.
【题型】解答题
【适用】一般
【标题】【百强校】2016届江西省临川一中高三上学期期中文科数学试卷(带解析)
【关键字标签】
【结束】
(本小题满分12分)已知函数.
(1)当时,求曲线在处的切线方程;
(2)设函数,求函数的单调区间.
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如图,四棱柱的底面为菱形, , , 为中点.
(1)求证: 平面;
(2)若底面,且直线与平面所成线面角的正弦值为,求的长.
【答案】(1)证明见解析;(2)2.
【解析】试题分析:(1)设为的中点,根据平几知识可得四边形是平行四边形,即得,再根据线面平行判定定理得结论,(2)根据条件建立空间直角坐标系,设立各点坐标,利用方程组解得平面一个法向量,根据向量数量积求向量夹角,再根据线面角与向量夹角互余关系列等式,解得的长.
(1)证明:设为的中点,连
因为,又,所以 ,
所以四边形是平行四边形,
所以
又平面, 平面,
所以平面.
(2)因为是菱形,且,
所以是等边三角形
取中点,则,
因为平面,
所以,
建立如图的空间直角坐标系,令,
则, , , ,
, , ,
设平面的一个法向量为,
则且,
取,设直线与平面所成角为,
则,
解得,故线段的长为2.
【题型】解答题
【结束】
20
椭圆:的左、右焦点分别为、,若椭圆过点.
(1)求椭圆的方程;
(2)若为椭圆的左、右顶点, ()为椭圆上一动点,设直线分别交直线: 于点,判断线段为直径的圆是否经过定点,若是,求出该定点坐标;若不恒过定点,说明理由.
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如图,四棱锥中, 为等边三角形,且平面平面, , , .
(Ⅰ)证明: ;
(Ⅱ)若棱锥的体积为,求该四棱锥的侧面积.
【答案】(Ⅰ)证明见解析;(Ⅱ) .
【解析】【试题分析】(I) 取的中点为,连接,.利用等腰三角形的性质和矩形的性质可证得,由此证得平面,故,故.(II) 可知是棱锥的高,利用体积公式求得,利用勾股定理和等腰三角形的性质求得的值,进而求得面积.
【试题解析】
证明:(Ⅰ)取的中点为,连接,,
∵为等边三角形,∴.
底面中,可得四边形为矩形,∴,
∵,∴平面,
∵平面,∴.
又,所以.
(Ⅱ)由面面,,
∴平面,所以为棱锥的高,
由,知,
,
∴.
由(Ⅰ)知,,∴.
.
由,可知平面,∴,
因此.
在中,,
取的中点,连结,则,,
∴ .
所以棱锥的侧面积为高三数学解答题中等难度题查看答案及解析
已知函数,
(Ⅰ)当时,求函数的单调递减区间;
(Ⅱ)若时,关于的不等式恒成立,求实数的取值范围;
(Ⅲ)若数列满足, ,记的前项和为,求证: .
【答案】(I);(II);(III)证明见解析.
【解析】试题分析:(Ⅰ)求出,在定义域内,分别令求得的范围,可得函数增区间, 求得的范围,可得函数的减区间;(Ⅱ)当时,因为,所以显然不成立,先证明因此时, 在上恒成立,再证明当时不满足题意,从而可得结果;(III)先求出等差数列的前项和为,结合(II)可得,各式相加即可得结论.
(Ⅰ)由,得.所以
令,解得或(舍去),所以函数的单调递减区间为 .
(Ⅱ)由得,
当时,因为,所以显然不成立,因此.
令,则,令,得.
当时, , ,∴,所以,即有.
因此时, 在上恒成立.
②当时, , 在上为减函数,在上为增函数,
∴,不满足题意.
综上,不等式在上恒成立时,实数的取值范围是.
(III)证明:由知数列是的等差数列,所以
所以
由(Ⅱ)得, 在上恒成立.
所以高三数学解答题中等难度题查看答案及解析
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已知点是平行四边形所在平面外一点,如果,,.对于结论:
①;②;
③是平面的法向量;
④.
其中正确的个数是( )
A.1 B.2 C.3 D.4
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如图,在四棱锥中,底面为菱形, 平面, , , , 分别是, 的中点.
(1)证明: ;
(2)设为线段上的动点,若线段长的最小值为,求二面角的余弦值.
【答案】(1)见解析;(2)
【解析】试题分析:(1)证明线线垂直则需证明线面垂直,根据题意易得,然后根据等边三角形的性质可得,又,因此得平面,从而得证(2)先找到EH什么时候最短,显然当线段长的最小时, ,在中, , , ,∴,由中, , ,∴.然后建立空间直角坐标系,写出两个面法向量再根据向量的夹角公式即可得余弦值
解析:(1)证明:∵四边形为菱形, ,
∴为正三角形.又为的中点,∴.
又,因此.
∵平面, 平面,∴.
而平面, 平面且,
∴平面.又平面,∴.
(2)如图, 为上任意一点,连接, .
当线段长的最小时, ,由(1)知,
∴平面, 平面,故.
在中, , , ,
∴,
由中, , ,∴.
由(1)知, , 两两垂直,以为坐标原点,建立如图所示的空间直角坐标系,又, 分别是, 的中点,
可得, , , ,
, , 高三数学解答题困难题查看答案及解析